Integrais: exercícios resolvidos 1) 2) 3) 4) 1) 2)Entre as curvas e 3) Área entre três curvas 1) 2) 3) 4) 1) 2) 3) 4) 1) 1) entorno do eixo x com 2) entorno do eixo y com 1) entorno do eixo x com 2) e entorno do eixo y entre os pontos de intersecção. 3) Volume de uma aliança (equação de uma elipse) entorno do eixo y. 4) Determine o volume do objeto gerado ao girarmos as funções e entorno do eixo x=2 em e o ponto de intersecção das funções. Cálculo do comprimento de uma função1) para 2) entre x=0 até x=3. Página inicialIntegral definida - Calculo de área e volumeLista de Exercícios de Cálculo Resolvidos [Integral definida e indefinida, área, volume e demonstração de derivadas/integrais]
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A Integral Definida é uma integral que é restrita aos valores de um intervalo específico, e é muito usada na área de cálculo integral e diferencial, para a determinação da área de um gráfico. Seja uma função F(x) a primitiva de f(x), logo temos: $\int_{a}^{b}{f\left( x \right)}~~dx=\left. F\left( x \right) \right|_{a}^{b}$ Em que “a” vai ser o seu limite inferior de integração e “b” o limite superior da integração. $\left. F\left( x \right) \right]_{a}^{b}=F\left( b \right)-F\left( a \right)$ Exemplo de aplicação: $\int\limits_{-1}^{2}{{{x}^{4}}dx=}\left. \frac{{{x}^{5}}}{5}+C \right]_{-1}^{2}\Rightarrow $ $\Rightarrow \int\limits_{-1}^{2}{{{x}^{4}}dx=}\left( \frac{{{2}^{5}}}{5}+C \right)-\left( \frac{\left( -{{1}^{5}} \right)}{5}+C \right)\Rightarrow $ $\Rightarrow \int\limits_{-1}^{2}{{{x}^{4}}dx=}\left( \frac{32}{5}+C \right)-\left( \frac{-1}{5}+C \right)\Rightarrow $ $\Rightarrow \int\limits_{-1}^{2}{{{x}^{4}}dx=}\frac{32}{5}+C+\frac{1}{5}-C\Rightarrow $ $\Rightarrow \int\limits_{-1}^{2}{{{x}^{4}}dx=}\frac{33}{5}$ Um dos objetivos do estudo das integrais é determinar a área de uma região representada em um gráfico. Por exemplo, seja f(x) uma função contínua representada abaixo:
A área da região compreendida pelo gráfico de f(x) e os valores do eixo da abscissa no intervalo I = [a, b] é obtida por: $A=\int_{a}^{b}{f\left( x \right)}~~dx\Rightarrow A=F\left( b \right)-F\left( a \right)$ 1) Calcule a área da função f(x) = 8 - (2x/3) e a integral compreendida no intervalo I= [3,9], no eixo da abcissa.
$\int\limits_{3}^{9}{8-\frac{2x}{3}}~dx=\left. 8x-\frac{2}{3}.\frac{{{x}^{2}}}{2}+C \right]_{3}^{9}\Rightarrow $ $\Rightarrow \int\limits_{3}^{9}{8-\frac{2x}{3}}~dx=\left. 8x-\frac{{{x}^{2}}}{3}+C \right]_{3}^{9}\Rightarrow $ $\Rightarrow \int\limits_{3}^{9}{8-\frac{2x}{3}}~dx=\left( 8\left( 9 \right)-\frac{\left( {{9}^{2}} \right)}{3}+C \right)-\left( 8\left( 3 \right)-\frac{\left( {{3}^{2}} \right)}{3}+C \right)\Rightarrow $ $\Rightarrow \int\limits_{3}^{9}{8-\frac{2x}{3}}~dx=\left( 72-27+C \right)-\left( 24-3+C \right)\Rightarrow $ $\Rightarrow \int\limits_{3}^{9}{8-\frac{2x}{3}}~dx=24$ 2)Calcule a área sob o gráfico da função f(x) = - x² +4x -5 e o eixo das abscissas entre os pontos 1 a 3. $f\left( x \right)=-{{x}^{2}}+4x-5\Rightarrow $ $\Rightarrow \Delta =\left( {{4}^{2}} \right)-4\left( -1 \right)\left( -5 \right)=-4$ Calculando xv e yv, vértice do gráfico: ${{x}_{V}}=\frac{-b}{2a}=\frac{-4}{-2}=2$ ${{y}_{V}}=\frac{\Delta }{4a}=\frac{4}{-4}=-1$ Logo, $v\left( 2,-1 \right)$ Montando o gráfico:
$A=\int\limits_{a}^{b}{f\left( x \right)}~dx\Rightarrow A$ $A=\int\limits_{1}^{3}{-{{x}^{2}}}+4x-5~dx=\left. \frac{-{{x}^{3}}}{3}+\frac{4{{x}^{2}}}{2}-5x \right]_{1}^{3}\Rightarrow $ $\Rightarrow A=\int\limits_{1}^{3}{-{{x}^{2}}}+4x-5~dx=\left. \frac{-{{x}^{3}}}{3}+\frac{4{{x}^{2}}}{2}-5x+C \right]_{1}^{3}\Rightarrow $ $\Rightarrow A=\int\limits_{1}^{3}{-{{x}^{2}}}+4x-5~dx=\left( \frac{\left( -{{3}^{3}} \right)}{3}+\frac{4\left( {{3}^{2}} \right)}{2}-5\left( 3 \right)+C \right)-\left( \frac{\left( -{{1}^{3}} \right)}{3}+\frac{4\left( {{1}^{2}} \right)}{2}-5\left( 1 \right)+C \right)\Rightarrow $ $\Rightarrow A=\int\limits_{1}^{3}{-{{x}^{2}}}+4x-5~dx=\left( -9+18-15+C \right)-\left( -\frac{1}{3}+2-5+C \right)=\frac{-8}{3}$ Observação: A medida de uma área é um número não negativo, logo se f ( x ) < 0 em I = [ a ,b ] então – f ( x ) > 0 no mesmo intervalo, deste modo podemos expressar :
$A=\int\limits_{a}^{b}{-f\left( x \right)}~dx=-\int\limits_{a}^{b}{f\left( x \right)}~dx$ Simplificando, $\int\limits_{a}^{b}{f\left( x \right)}~dx=-A$ Portanto desta forma podemos ter:
$A=\int\limits_{a}^{b}{f\left( x \right)}~dx\Rightarrow $ $A={{A}_{1}}-{{A}_{2}}+{{A}_{3}}$ Dada uma função f(x), a área compreendida sob o gráfico e o eixo das abscissas em um intervalo I = [a,d], e sendo b e c dois pontos quaisquer do intervalo I , teremos então: $A=\int\limits_{a}^{d}{f\left( x \right)}~dx\Rightarrow $ $A=\int\limits_{a}^{b}{f\left( x \right)}~dx+\int\limits_{b}^{c}{f\left( x \right)}~dx+\int\limits_{c}^{d}{f\left( x \right)}~dx$3)Dê a área da região entre o gráfico da função f(x) = x² -4x e o eixo x , compreendido no intervalo I = [-1,3]
Resolução f(x) = x² -4x x(x-4) = 0 ou x = 0, ou x=4. $A=\int\limits_{a}^{b}{f\left( x \right)}~dx\Rightarrow $ $\Rightarrow A={{A}_{1}}-{{A}_{2}}=\int\limits_{-1}^{0}{{{x}^{2}}-4x}~dx-\int\limits_{0}^{3}{{{x}^{2}}-4x}~~dx$ Calculando a área 1: ${{A}_{1}}=\int\limits_{-1}^{0}{{{x}^{2}}-4x}~dx=\left. \frac{{{x}^{3}}}{3}-\frac{4{{x}^{2}}}{2} \right|_{-1}^{0}\Rightarrow $ $\Rightarrow {{A}_{1}}=\left( \frac{\left( {{0}^{3}} \right)}{3}-\frac{4\left( {{0}^{2}} \right)}{2} \right)-\left( \frac{\left( -{{1}^{3}} \right)}{3}-\frac{4\left( -{{1}^{2}} \right)}{2} \right)\Rightarrow $ $\Rightarrow {{A}_{1}}=\frac{1}{3}+2=\frac{7}{3}$ Calculando a área 2: ${{A}_{2}}=\int\limits_{0}^{3}{{{x}^{2}}-4x}~dx=\left. \frac{{{x}^{3}}}{3}-\frac{4{{x}^{2}}}{2} \right|_{0}^{3}\Rightarrow $ $\Rightarrow {{A}_{2}}=\int\limits_{0}^{3}{{{x}^{2}}-4x}~dx=\left. \frac{{{x}^{3}}}{3}-\frac{4{{x}^{2}}}{2} \right|_{0}^{3}\Rightarrow $ $\Rightarrow {{A}_{2}}=\left( \frac{\left( {{3}^{3}} \right)}{3}-\frac{4\left( {{3}^{2}} \right)}{2} \right)-\left( \frac{\left( {{0}^{3}} \right)}{3}-\frac{4\left( {{0}^{2}} \right)}{2} \right)\Rightarrow $ $\Rightarrow {{A}_{2}}=9-18=-9$ Logo:$\Rightarrow {{A}_{total}}=\frac{7}{3}-\left( -9 \right)=\frac{34}{3}$
Resolução: ${{A}_{total}}={{A}_{1}}-{{A}_{2}}\Rightarrow $ ${{A}_{total}}=\int\limits_{-2}^{1}{{{x}^{3}}-2{{x}^{2}}-5x+6~~dx}-\int\limits_{1}^{2}{{{x}^{3}}-2{{x}^{2}}-5x+6~~dx}\Rightarrow $ Calculando a área 1: ${{A}_{1}}=\int\limits_{-2}^{1}{{{x}^{3}}-2{{x}^{2}}-5x+6~~dx}=\left. \frac{{{x}^{4}}}{4}-\frac{2{{x}^{3}}}{3}-\frac{5{{x}^{2}}}{2}+6x \right|_{-2}^{1}\Rightarrow $ ${{A}_{1}}=\left( \frac{\left( {{1}^{4}} \right)}{4}-\frac{2\left( {{1}^{3}} \right)}{3}-\frac{5\left( {{1}^{2}} \right)}{2}+6\left( 1 \right) \right)-\left( \frac{\left( -{{2}^{4}} \right)}{4}-\frac{2\left( -{{2}^{3}} \right)}{3}-\frac{5\left( -{{2}^{2}} \right)}{2}+6\left( -2 \right) \right)\Rightarrow $ ${{A}_{1}}=\left( \frac{1}{4}-\frac{2}{3}-\frac{5}{2}+6 \right)-\left( \frac{16}{4}+\frac{16}{3}-10-12 \right)=\frac{189}{12}$ Calculando a área 2: ${{A}_{2}}=\int\limits_{1}^{2}{{{x}^{3}}-2{{x}^{2}}-5x+6~~dx}=\left. \frac{{{x}^{4}}}{4}-\frac{2{{x}^{3}}}{3}-\frac{5{{x}^{2}}}{2}+6x \right|_{1}^{2}\Rightarrow $ ${{A}_{2}}=\left( \frac{\left( {{2}^{4}} \right)}{4}-\frac{2\left( {{2}^{3}} \right)}{3}-\frac{5\left( {{2}^{2}} \right)}{2}+6\left( 2 \right) \right)-\left( \frac{\left( {{1}^{4}} \right)}{4}-\frac{2\left( {{1}^{3}} \right)}{3}-\frac{5\left( {{1}^{2}} \right)}{2}+6\left( 1 \right) \right)\Rightarrow $ ${{A}_{2}}=\left( \frac{16}{4}-\frac{16}{3}-10+12 \right)-\left( \frac{1}{4}-\frac{2}{3}-\frac{5}{2}+6 \right)=\frac{-29}{12}$ Logo,${{A}_{total}}={{A}_{1}}-{{A}_{2}}=\frac{189}{12}-\left( \frac{-29}{12} \right)=\frac{218}{12}=\frac{109}{6}$
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